那个学得好的，请给我详细解释一下，我马上给分你哦
DA1  DB 83H，72H，61H，94H，5AH
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     MOV CX，WORD PTR DA1 ; WORD 是两个byte 数值按高位到低位,所以cx的值是7283
     AND CX，0FH    ;0F = 1111 ,这里and相当于清cx高12位,只保留后4位,(7283 = 111001010000011),结果是03(0011) 这步如果明白原理了一眼就看出来了 就是保留最后一个十六进制位 慢慢就习惯这种用法了 哦 上面的1111神马的是二进制
     MOV AL，DA1+3 ;al = DA1开始偏移3位置处,从0开始算起,所以+3 就是 取第4个,所以al = 94H
     SHL AL，CL     ; 这个是左移,AL = 94H = 10010100 左移 3位就是结果10100000 所以等于A0

上述指令序列执行后，AL=__0A0H____，CL=__03H____。     



89、现有如下程序段：      
    DATA SEGMENT DA3 EQU 1234H
    ORG 0020H DA4 EQU ＄-DA2
    DA1 DW 12H，23H DA5 DB 31H，32H
    DA2 DB 11H，21H DATA ENDS
请回答：（1）该程序段已占有的存储字节数是多少？（2）符号名DA4的值是多少？符号名DA5的值是多少？
DA1 是dw类型,所以是4*2 DA5 是db ,所以是2*1 DA2 也是db ,所以是2*1 一共12个字节
DA4 的值等于0020H - DA2 因为＄表示取当前地址

DA3 EQU 1234H  DA4 EQU ＄-DA2 这样的属于常量 不占程序的空间罢

所以占用是DA1的4字节+DA5的2字节+DA2的2字节+对齐的20h字节 等于28h=40字节

大概是这个样子的

0C75:0000  00 00 00 00 00 00 00 00-00 00 00 00 00 00 00 00   ................
0C75:0010  00 00 00 00 00 00 00 00-00 00 00 00 00 00 00 00   ................
0C75:0020  12 00 23 00 31 32 11 21-00 00 00 00 00 00 00 00   ..#.12.!........
0C75:0030  B8 75 0C 8E D8 B4 01 CD-21 B4 4C CD 21 F6 C6 80   .u......!.L.!...

DA4 EQU ＄-DA2 这里$是20h DA2是26h 结果是0fffah罢

DA5 DB 31H，32H  是024h

这个题挺饶人的 但考的确实是基础知识 不是什么偏 难 怪 如果不会建议好好看书

Z大手痒痒，帮人写作业啦，还是Z大基础扎实

没有靠谱答案 忍不住回答了

能让别人学到东西 做个作业没什么的